Ajax POST 요청이 있습니다. 항상 200 OK를 반환하지만 나는 내가 바라는 것을 얻지 못하고있다. json 문제가 있음을 알고 있지만이 문제를 해결할 수는 없습니다. 잘못된 코드 그래서 내 스크립트가 작동하지 않습니다 무엇AJAX 요청 반환 200 OK
<?php
include_once("connect.php");
$name = $_POST['name'];
mysql_query("INSERT INTO visitor(name) VALUES('$name')") or die ("Fail To Add !");
echo '{"status":"1"}';
?>
, 당신이 나를 도울 수
<script type="text/javascript" src="../js/jquery-1.11.2.min.js"></script>
<script type="text/javascript">
$(document).ready(function(){
$("form#formreg").submit(function(){
if (confirm("Are You Sure Want To Save ?")){
$.ajax({
url: "save.php",
type:"post",
contentType: 'application/json; charset=utf-8',
data:$(":input").serialize(),
dataType: "json",
success:function(response){
if(response.status == 1)
{
alert("Save OK !");
}
else
{
alert("Fail To Save!");
}
},
error: function(xhr){
alert("An error occurred: " + xhr.status + " " + xhr.statusText);
}
});
}
return false;
});
});
</script>
<form method="post" name="formreg" action="" id="formreg">
<table>
<tr>
<td>Name</td>
<td><input type="text" id="name" name="name" required="required" size="50" maxlength="50" /></td>
</tr>
</table>
<input type="submit" id="submit" value="Save"/>
</form>
save.php : 여기에 내 코드입니까?
문제가 있다고하지만 문제가 무엇인지 알려주지 마십시오. 요청이 200 OK 응답을 반환하면 AJAX 코드가 정상입니다. PHP 코드가 예상 한 동작을 수행하지 않으면 JS –
'$ _POST [ 'name']; ' –
_ "내가 원하는 것을 얻지 못하고 있습니다."_가 아니라 해당 코드를 디버깅해야합니다. 너는 무엇을 얻기를 희망 하는가? 뭐하고 있니? – JLRishe