PHP를 사용하여 mysql에 데이터를 삽입 할 수 없다

Question

나는 이것을 알아 내기 위해 이틀 동안 노력해왔다. 튜토리얼에서 축 어적으로 복사했는데 여전히 데이터를 테이블에 삽입 할 수 없습니다. 여기에 양식 내 코드는

<font face="Verdana" size="2"> 
<form method="post" action="Manage_cust.php" > 
Customer Name 
<font face="Verdana"> 
<input type="text" name="Company" size="50"></font> 
<br> 
Customer Type 
<font face="Verdana"> 
<select name="custType" size="1"> 
    <option>Non-Contract</option> 
    <option>Contract</option> 
</select></font> 
<br> 
Contract Hours 
<font face="Verdana"> 
<input type="text" name="contractHours" value="0"></font> 
<br> 
<font face="Verdana"> 
<input type="submit" name="dothis" value="Add Customer"></font> 
</form> 
</font> 
<font face="Verdana" size="2"> 

<?php 
    if (isset($_POST['dothis'])) { 

    $con = mysql_connect ("localhost","root","password"); 
    if (!$con){ 
    die ("Cannot Connect: " . mysql_error()); 
    } 

    mysql_select_db("averyit_net",$con); 

    $sql = "INSERT INTO cust_profile (Customer_Name, Customer_Type, Contract_Hours) VALUES 
    ('$_POST[Company]','$_POST[custType]','$_POST[contractHours]')"; 

    mysql_query($sql, $con); 

    print_r($sql); 


    mysql_close($con); 
    } 
?> 

이 내 phpMyAdmin에 서버 정보입니다 :

서버 : MySQL의 소프트웨어 버전 : TCP/IP 소프트웨어를 통해 127.0.0.1 5.5.27 - MySQL의 커뮤니티 서버 (GPL) 프로토콜 버전 : 10 사용자 : 루트 @ localhost를 서버 문자셋 : UTF-8 유니 코드 (UTF8)

는 왜 늘 일을 가르쳐주세요. 사이트를 실행하면 정보가 저장되고 제출 버튼을 누르면 사라지지만 테이블에는 들어 가지 않습니다. 표시되는 오류 메시지가 없습니다. HELP

Answer 1

SQL 문에서 조금 개선되어 배열에 저장되었습니다. 게시물 데이터가 실제로 설정되었는지 확인해야합니다. 그렇지 않으면 null 값이 반환됩니다. 귀하의 의견을 항상 소독하십시오.

if (isset($_POST['dothis'])) { 

그것을 : 때문에이 라인의 모든

<?php 

if (isset($_POST['dothis'])) 
{ 

$con = mysql_connect ("localhost","root","password"); 
    if (!$con) 
    { 
     die ("Cannot Connect: " . mysql_error()); 
    } 

mysql_select_db("averyit_net",$con); 

$company = isset($_POST['Company'])?$_POST['Company']:NULL; 
$custype = isset($_POST['custType'])?$_POST['custType']:NULL; 
$hours = isset($_POST['contractHours'])?$_POST['contractHours']:NULL; 

$sql = "INSERT INTO cust_profile(Customer_Name, 
           Customer_Type, 
           Contract_Hours) 
     VALUES('$company', 
       '$custype', 
       '$hours') 
     "; 

     mysql_query($sql, $con); 

     mysql_close($con); 
} 
?> 

Answer 2

첫째, font 태그를 사용하지 않는 ... 둘째 ever

: 당신의 Manage_cust.php에

HTML과 PHP가 하나의 스크립트로 결합 된 것처럼 보입니까? 귀하의 게시물을 확인

$con = mysql_connect("localhost","root","password") or die("I died, sorry." . mysql_error()); 

을 :

<form method="post" action="<?php echo $_SERVER['PHP_SELF']; ?>" > 

게다가, 한 줄에 나쁜 연결을 죽일 수있는 경우에, 당신은이 같은 폼에 동작을 변경해야합니다 isset() 다음 변수에 값을 할당하십시오. 원래 mysql PHP API를 사용하여 또한 ternary operators

var $company; 
if(isset($_POST['Company']) { 
    $company = $_POST['Company']; 
} else { 
    $company = null; 
} 
//so on and so forth for the other fields 

또는 사용은 일반적으로 나쁜 선택이 될 것입니다. 그것도 그래서 그 변환 할 수 mysqli 또는 PDO로 이동합니다 PHP manual for the API

항상

더 나은에서 언급 한 것이 잘못된 경우

//your connection 
$conn = mysqli_connect("localhost","username","password","averyit_net"); 

if (mysqli_connect_errno()) { 
    printf("Connect failed: %s\n", mysqli_connect_error()); 
    exit(); 
} 


$sql = "INSERT INTO cust_profile (Customer_Name, Customer_Type, Contract_Hours) 
     VALUES ($company,$custType,$contractHours)"; 
      // ^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^^ 
      // Assuming you set these 

$stmt = mysqli_prepare($conn, $sql); 
$stmt->execute(); 
$stmt->close(); 

누군가 말해, 그래서 그것을 수정할 수 있습니다. 나는 한동안 mysqli을 사용하지 않았다.

Answer 3

변경이에 $의 SQL :

$sql = "INSERT INTO cust_profile (Customer_Name, Customer_Type, Contract_Hours) VALUES ('".$_POST[Company]."','".$_POST[custType]."','".$_POST[contractHours]."')